初三數(shù)學(xué)上期末考試題(2)
初三數(shù)學(xué)上期末考試題參考答案
一、選擇題：本大題共12小題，每小題3分，共36分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的.
1.若將一個(gè)正方形的各邊長(zhǎng)擴(kuò)大為原來(lái)的4倍，則這個(gè)正方形的面積擴(kuò)大為原來(lái)的( )
A.16倍 B.8倍 C.4倍 D.2倍
【考點(diǎn)】相似圖形.
【分析】根據(jù)正方形的面積公式：s=a2，和積的變化規(guī)律，積擴(kuò)大的倍數(shù)等于因數(shù)擴(kuò)大倍數(shù)的乘積，由此解答.
【解答】解：根據(jù)正方形面積的計(jì)算方法和積的變化規(guī)律，如果一個(gè)正方形的邊長(zhǎng)擴(kuò)大為原來(lái)的4倍，那么正方形的面積是原來(lái)正方形面積的4×4=16倍.
故選：A
【點(diǎn)評(píng)】此題考查相似圖形問(wèn)題，解答此題主要根據(jù)正方形的面積的計(jì)算方法和積的變化規(guī)律解決問(wèn)題.
2.下列圖案中，既是軸對(duì)稱圖形又是中心對(duì)稱圖形的是( )
A. B. C. D.
【考點(diǎn)】中心對(duì)稱圖形;軸對(duì)稱圖形.
【分析】根據(jù)軸對(duì)稱圖形和中心對(duì)稱圖形的概念對(duì)各選項(xiàng)分析判斷即可得解.
【解答】解：A、不是軸對(duì)稱圖形，是中心對(duì)稱圖形，故本選項(xiàng)錯(cuò)誤;
B、既是軸對(duì)稱圖形又是中心對(duì)稱圖形，故本選項(xiàng)正確;
C、不是軸對(duì)稱圖形，也不是中心對(duì)稱圖形，故本選項(xiàng)錯(cuò)誤;
D、不是軸對(duì)稱圖形，也不是中心對(duì)稱圖形，故本選項(xiàng)錯(cuò)誤.
故選B.
【點(diǎn)評(píng)】本題考查了中心對(duì)稱圖形與軸對(duì)稱圖形的概念，軸對(duì)稱圖形的關(guān)鍵是尋找對(duì)稱軸，圖形兩部分折疊后可重合，中心對(duì)稱圖形是要尋找對(duì)稱中心，旋轉(zhuǎn)180度后兩部分重合.
3.下列隨機(jī)事件的概率，既可以用列舉法求得，又可以用頻率估計(jì)獲得的是( )
A.某種幼苗在一定條件下的移植成活率
B.某種柑橘在某運(yùn)輸過(guò)程中的損壞率
C.某運(yùn)動(dòng)員在某種條件下“射出9環(huán)以上”的概率
D.投擲一枚均勻的骰子，朝上一面為偶數(shù)的概率
【考點(diǎn)】利用頻率估計(jì)概率.
【分析】選項(xiàng)依次分析判斷即可.
【解答】解：A、某種幼苗在一定條件下的移植成活率，只能用頻率估計(jì)，不能用列舉法;故不符合題意;
B、某種柑橘在某運(yùn)輸過(guò)程中的損壞率，只能用列舉法，不能用頻率求出;故不符合題意;
C、某運(yùn)動(dòng)員在某種條件下“射出9環(huán)以上”的概率，只能用頻率估計(jì)，不能用列舉法;故不符合題意;
D、∵一枚均勻的骰子只有六個(gè)面，即：只有六個(gè)數(shù)，不是奇數(shù)，便是偶數(shù)，
∴能一一的列舉出來(lái)，
∴既可以用列舉法求得，又可以用頻率估計(jì)獲得概率;故符合題意.
故選D.
【點(diǎn)評(píng)】此題是頻率估計(jì)概率，主要考查了概率的幾種求法，解本題的關(guān)鍵是熟練掌握概率的求法.
4.正六邊形的邊長(zhǎng)為2，則它的面積為( )
A. B. C.3 D.6
【考點(diǎn)】正多邊形和圓.
【分析】構(gòu)建等邊三角形，由題意可得：正六邊形的面積就是6個(gè)等邊△OCD的面積，根據(jù)邊長(zhǎng)為2求得三角形的高線OG= ，代入面積公式計(jì)算即可.
【解答】解：如圖，設(shè)正六邊形ABCDEF的中心為O，連接OC、OD，
過(guò)O作OG⊥CD于G，
∵∠COD= =60°，OC=OD，
∴△COD是等邊三角形，
∴OC=CD=OD=2，
∴CG=DG=1，
由勾股定理得：OG= ，
∴S正六邊形ABCDEF=6S△OCD=6× ×CD×OG=3×2× =6 ，
故選D.
【點(diǎn)評(píng)】本題考查了正六邊形的性質(zhì)及三角形的面積，正確計(jì)算中心角的度數(shù)= ，熟知半徑與邊長(zhǎng)構(gòu)成等邊三角形，求正六邊形的面積，其實(shí)就是求等邊三角形的面積.
5.袋中裝有除顏色外完全相同的a個(gè)白球、b個(gè)紅球、c個(gè)黃球，則任意摸出一個(gè)球是黃球的概率為( )
A. B. C. D.
【考點(diǎn)】概率公式.
【分析】由袋中裝有除顏色外完全相同的a個(gè)白球，b個(gè)紅球，c個(gè)黃球，直接利用概率公式求解即可求得答案..
【解答】解：根據(jù)題意，任意摸出一個(gè)球是黃球的概率為 ，
故選：A.
【點(diǎn)評(píng)】此題考查了概率公式的應(yīng)用.用到的知識(shí)點(diǎn)為：概率=所求情況數(shù)與總情況數(shù)之比.
6.如圖，鐵路道口的欄桿短臂長(zhǎng)1m，長(zhǎng)臂長(zhǎng)16m.當(dāng)短臂端點(diǎn)下降0.5m時(shí)，長(zhǎng)臂端點(diǎn)升高(桿的寬度忽略不計(jì))( )
A.4m B.6m C.8m D.12m
【考點(diǎn)】相似三角形的應(yīng)用.
【分析】欄桿長(zhǎng)短臂在升降過(guò)程中，將形成兩個(gè)相似三角形，利用對(duì)應(yīng)變成比例解題.
【解答】解：設(shè)長(zhǎng)臂端點(diǎn)升高x米，
則 = ，
∴解得：x=8.
故選;C.
【點(diǎn)評(píng)】此題考查了相似三角形在實(shí)際生活中的運(yùn)用，得出比例關(guān)系式是解題關(guān)鍵.
7.下列說(shuō)法正確的是( )
A.兩個(gè)大小不同的正三角形一定是位似圖形
B.相似的兩個(gè)五邊形一定是位似圖形
C.所有的正方形都是位似圖形
D.兩個(gè)位似圖形一定是相似圖形
【考點(diǎn)】位似變換.
【分析】根據(jù)位似圖形的定義即可判定.
【解答】解：A、錯(cuò)誤.兩個(gè)大小不同的正三角形不一定是位似圖形;
B、錯(cuò)誤.相似的兩個(gè)五邊形不一定是位似圖形;
C、錯(cuò)誤.所有的正方形不一定是位似圖形;
D、正確.兩個(gè)位似圖形一定是相似圖
故選D.
【點(diǎn)評(píng)】本題考查位似圖形的定義，記住位似圖形的性質(zhì)是解題的關(guān)鍵①兩個(gè)圖形必須是相似形;②對(duì)應(yīng)點(diǎn)的連線都經(jīng)過(guò)同一點(diǎn);③對(duì)應(yīng)邊平行.
8.如圖，將△ABC繞點(diǎn)C(0，﹣1)旋轉(zhuǎn)180°得到△A'B'C，設(shè)點(diǎn)A的坐標(biāo)為(a，b)，則點(diǎn)A′的坐標(biāo)為( )
A.(﹣a，﹣b) B.(﹣a.﹣b﹣1) C.(﹣a，﹣b+1) D.(﹣a，﹣b﹣2)
【考點(diǎn)】坐標(biāo)與圖形變化-旋轉(zhuǎn).
【分析】我們已知關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱的點(diǎn)的坐標(biāo)規(guī)律：橫坐標(biāo)和縱坐標(biāo)都互為相反數(shù);還知道平移規(guī)律：上加下減;左加右減.在此基礎(chǔ)上轉(zhuǎn)化求解.把AA′向上平移1個(gè)單位得A的對(duì)應(yīng)點(diǎn)A1坐標(biāo)和A′對(duì)應(yīng)點(diǎn)A2坐標(biāo)后求解.
【解答】解：把AA′向上平移1個(gè)單位得A的對(duì)應(yīng)點(diǎn)A1坐標(biāo)為(a，b+1).
因A1、A2關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱，所以A′對(duì)應(yīng)點(diǎn)A2(﹣a，﹣b﹣1).
∴A′(﹣a，﹣b﹣2).
故選D.
【點(diǎn)評(píng)】此題通過(guò)平移把問(wèn)題轉(zhuǎn)化為學(xué)過(guò)的知識(shí)，從而解決問(wèn)題，體現(xiàn)了數(shù)學(xué)的化歸思想.
9.下列4×4的正方形網(wǎng)格中，小正方形的邊長(zhǎng)均為1，三角形的頂點(diǎn)都在格點(diǎn)上，則與△ABC相似的三角形所在的網(wǎng)格圖形是( )
A. B. C. D.
【考點(diǎn)】相似三角形的判定.
【分析】根據(jù)勾股定理求出△ABC的三邊，并求出三邊之比，然后根據(jù)網(wǎng)格結(jié)構(gòu)利用勾股定理求出三角形的三邊之比，再根據(jù)三邊對(duì)應(yīng)成比例，兩三角形相似選擇答案.
【解答】解：根據(jù)勾股定理，AB= =2 ，
BC= = ，
AC= = ，
所以△ABC的三邊之比為 ：2 ： =1：2： ，
A、三角形的三邊分別為2， = ， =3 ，三邊之比為2： ：3 = ： ：3，故A選項(xiàng)錯(cuò)誤;
B、三角形的三邊分別為2，4， =2 ，三邊之比為2：4：2 =1：2： ，故B選項(xiàng)正確;
C、三角形的三邊分別為2，3， = ，三邊之比為2：3： ，故C選項(xiàng)錯(cuò)誤;
D、三角形的三邊分別為 = ， = ，4，三邊之比為 ： ：4，故D選項(xiàng)錯(cuò)誤.
故選：B.
【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了相似三角形的判定與網(wǎng)格結(jié)構(gòu)的知識(shí)，根據(jù)網(wǎng)格結(jié)構(gòu)分別求出各三角形的三條邊的長(zhǎng)，并求出三邊之比是解題的關(guān)鍵.
10.過(guò)以下四邊形的四個(gè)頂點(diǎn)不能作一個(gè)圓的是( )
A. 等腰梯形 B. 矩形
C. 直角梯形 D. 對(duì)角是90°的四邊形
【考點(diǎn)】圓周角定理;矩形的性質(zhì);直角梯形.
【分析】過(guò)四邊形的四個(gè)頂點(diǎn)能作一個(gè)圓的條件是：對(duì)角互補(bǔ)(對(duì)角之和等于180°).依此判斷即可.
【解答】解：A、等腰梯形的對(duì)角互補(bǔ)，所以過(guò)等腰梯形的四個(gè)頂點(diǎn)能作一個(gè)圓，故本選項(xiàng)不符合題意;
B、矩形的對(duì)角互補(bǔ)，所以過(guò)矩形的四個(gè)頂點(diǎn)能作一個(gè)圓，故本選項(xiàng)不符合題意;
C、直角梯形的對(duì)角不互補(bǔ)，所以過(guò)直角梯形的四個(gè)頂點(diǎn)不能作一個(gè)圓，故本選項(xiàng)符合題意;
D、對(duì)角是90°的四邊形的對(duì)角互補(bǔ)，所以過(guò)對(duì)角是90°的四邊形的四個(gè)頂點(diǎn)能作一個(gè)圓，故本選項(xiàng)不符合題意;
故選C.
【點(diǎn)評(píng)】本題考查了確定圓的條件，圓內(nèi)接四邊形的性質(zhì).圓內(nèi)接四邊形的性質(zhì)是溝通角相等關(guān)系的重要依據(jù)，在應(yīng)用此性質(zhì)時(shí)，要注意與圓周角定理結(jié)合起來(lái).在應(yīng)用時(shí)要注意是對(duì)角，而不是鄰角互補(bǔ).
11.如圖，AD⊥BC于D，BE⊥AC于E，AD與BE相交于點(diǎn)F，連接ED，圖中的相似三角形的對(duì)數(shù)為( )
A.4對(duì) B.6對(duì) C.8對(duì) D.9對(duì)
【考點(diǎn)】相似三角形的判定.
【分析】利用有兩組角對(duì)應(yīng)相等的兩個(gè)三角形相似可判定△FAE∽△CBE∽△FBD∽△CAD，再根據(jù)圓周角定理得到點(diǎn)A、B、D、E四點(diǎn)共圓，則∠BAD=∠BED，于是可判定△ABF∽△EDF，利用∠DEC=∠ABC可判定△CDE∽△CAB.
【解答】解：∵AD⊥BC于D，BE⊥AC于E，
∴∠ADC=∠AEC=90°，
∴△FAE∽△CAD，△FBD∽△CBE，
而∠ACD=∠BCE，
∴△CAD∽△CBE，
∴△FAE∽△CBE，△FAE∽△FBD，△FBD∽△CAD，
∵∠AEB=∠ADB，
∴點(diǎn)E、點(diǎn)D在以AB為直角的圓上，
即點(diǎn)A、B、D、E四點(diǎn)共圓，
∴∠BAD=∠BED，
∴△ABF∽△EDF，
∵∠DEC=∠ABC，
∴△CDE∽△CAB，
故選C.
【點(diǎn)評(píng)】本題考查了相似三角形的判定：兩組對(duì)應(yīng)邊的比相等且?jiàn)A角對(duì)應(yīng)相等的兩個(gè)三角形相似;有兩組角對(duì)應(yīng)相等的兩個(gè)三角形相似.
12.二次函數(shù)y=ax2+bx+c的圖象如圖所示，則下列結(jié)論中錯(cuò)誤的是( )
A.函數(shù)有最小值 B.當(dāng)﹣1
C.a+b+c<0 D.當(dāng)x< ，y隨x的增大而減小
【考點(diǎn)】二次函數(shù)的圖象.
【分析】A、觀察可判斷函數(shù)有最小值;B、由拋物線可知當(dāng)﹣1
【解答】解：A、由圖象可知函數(shù)有最小值，故正確;
B、由拋物線可知當(dāng)﹣1
C、當(dāng)x=1時(shí)，y<0，即a+b+c<0，故正確;
D、由圖象可知在對(duì)稱軸的左側(cè)y隨x的增大而減小，故正確.
故選B.
【點(diǎn)評(píng)】本題考查了二次函數(shù)圖象的性質(zhì)與解析式的系數(shù)的關(guān)系.關(guān)鍵是熟悉各項(xiàng)系數(shù)與拋物線的各性質(zhì)的聯(lián)系.
二、填空題：本大題共6小題，每小題3分，共18分，請(qǐng)將答案直接填在答題紙中對(duì)應(yīng)橫線上.
13.兩地的實(shí)際距離是2000m，在繪制的地圖上量得這兩地的距離是2cm，那么這幅地圖的比例尺為 1：100000 .
【考點(diǎn)】比例線段.
【分析】圖上距離和實(shí)際距離已知，依據(jù)“比例尺=圖上距離：實(shí)際距離”即可求得這幅地圖的比例尺.
【解答】解：2cm=0.02m，
0.02m：2000m=1：100000.
答：這幅地圖的比例尺是1：100000.
故答案為：1：100000.
【點(diǎn)評(píng)】此題主要考查比例尺的計(jì)算方法，解答時(shí)要注意單位的換算.
14.在一個(gè)口袋中有4個(gè)完全相同的小球，把它們分別標(biāo)號(hào)為1，2，3，4，隨機(jī)摸出一個(gè)小球然后放回，再隨機(jī)摸出一個(gè)小球，則兩次取出的小球標(biāo)號(hào)相同的概率為 .
【考點(diǎn)】列表法與樹(shù)狀圖法.
【分析】根據(jù)題意畫(huà)出數(shù)形圖，兩次取的小球的標(biāo)號(hào)相同的情況有4種，再計(jì)算概率即可.
【解答】解：如圖：
兩次取的小球的標(biāo)號(hào)相同的情況有4種，
概率為P= = .
故答案為： .
【點(diǎn)評(píng)】此題考查的是用列表法或樹(shù)狀圖法求概率.列表法可以不重復(fù)不遺漏的列出所有可能的結(jié)果，適合于兩步完成的事件;樹(shù)狀圖法適合兩步或兩步以上完成的事件;解題時(shí)要注意此題是放回實(shí)驗(yàn)還是不放回實(shí)驗(yàn).用到的知識(shí)點(diǎn)為：概率=所求情況數(shù)與總情況數(shù)之比.
15.在平面直角坐標(biāo)系中，O為原點(diǎn)，點(diǎn)A(4，0)，點(diǎn)B(0，3)把△ABO繞點(diǎn)B逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)90°，得△A′BO′，點(diǎn)A、O旋轉(zhuǎn)后的對(duì)應(yīng)點(diǎn)為A′、O′，那么AA′的長(zhǎng)為 5 .
【考點(diǎn)】坐標(biāo)與圖形變化-旋轉(zhuǎn).
【分析】由A、B的坐標(biāo)可求得AB，由旋轉(zhuǎn)的性質(zhì)可知AB=A′B，在Rt△ABA′中利用勾股定理可求得AA′的長(zhǎng).
【解答】解：
∵A(4，0)，B(0，3)，
∴AB=5，
∵把△ABO繞點(diǎn)B逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)90°，得△A′BO′，
∴A′B=AB=5，且∠ABA′=90°，
∴AA′= =5 ，
故答案為：5 .
【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查旋轉(zhuǎn)的性質(zhì)，掌握旋轉(zhuǎn)前后對(duì)應(yīng)線段、對(duì)應(yīng)角相等是解題的關(guān)鍵.
16.如圖，在△ABC中，已知∠C=90°，BC=6，AC=8，則它的內(nèi)切圓半徑是 2 .
【考點(diǎn)】三角形的內(nèi)切圓與內(nèi)心;勾股定理;正方形的判定與性質(zhì);切線長(zhǎng)定理.
【分析】根據(jù)勾股定理求出AB，根據(jù)圓O是直角三角形ABC的內(nèi)切圓，推出OD=OE，BF=BD，CD=CE，AE=AF，∠ODC=∠C=∠OEC=90°，證四邊形ODCE是正方形，推出CE=CD=r，根據(jù)切線長(zhǎng)定理得到AC﹣r+BC﹣r=AB，代入求出即可.
【解答】解：根據(jù)勾股定理得：AB= =10，
設(shè)三角形ABC的內(nèi)切圓O的半徑是r，
∵圓O是直角三角形ABC的內(nèi)切圓，
∴OD=OE，BF=BD，CD=CE，AE=AF，∠ODC=∠C=∠OEC=90°，
∴四邊形ODCE是正方形，
∴OD=OE=CD=CE=r，
∴AC﹣r+BC﹣r=AB，
8﹣r+6﹣r=10，
∴r=2，
故答案為：2.
【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查對(duì)切線長(zhǎng)定理，三角形的內(nèi)切圓與內(nèi)心，勾股定理，正方形的性質(zhì)和判定等知識(shí)點(diǎn)的理解和掌握，能推出AC﹣r+BC﹣r=AB是解此題的關(guān)鍵.
17.如圖，拋物線y=ax2+bx+c(a>0)的對(duì)稱軸是過(guò)點(diǎn)(1，0)且平行于y軸的直線，若點(diǎn)P(4，0)在該拋物線上，則4a﹣2b+c的值為 0 .
【考點(diǎn)】拋物線與x軸的交點(diǎn).
【分析】依據(jù)拋物線的對(duì)稱性求得與x軸的另一個(gè)交點(diǎn)，代入解析式即可.
【解答】解：設(shè)拋物線與x軸的另一個(gè)交點(diǎn)是Q，
∵拋物線的對(duì)稱軸是過(guò)點(diǎn)(1，0)，與x軸的一個(gè)交點(diǎn)是P(4，0)，
∴與x軸的另一個(gè)交點(diǎn)Q(﹣2，0)，
把(﹣2，0)代入解析式得：0=4a﹣2b+c，
∴4a﹣2b+c=0，
故答案為：0.
【點(diǎn)評(píng)】本題考查了拋物線的對(duì)稱性，知道與x軸的一個(gè)交點(diǎn)和對(duì)稱軸，能夠表示出與x軸的另一個(gè)交點(diǎn)，求得另一個(gè)交點(diǎn)坐標(biāo)是本題的關(guān)鍵.
18.將邊長(zhǎng)為4的正方形ABCD向右傾斜，邊長(zhǎng)不變，∠ABC逐漸變小，頂點(diǎn)A、D及對(duì)角線BD的中點(diǎn)N分別運(yùn)動(dòng)列A′、D′和N′的位置，若∠A′BC=30°，則點(diǎn)N到點(diǎn)N′的運(yùn)動(dòng)路徑長(zhǎng)為 .
【考點(diǎn)】軌跡;正方形的性質(zhì).
【分析】根據(jù)題意可以畫(huà)出相應(yīng)的圖形，可以求得∠NMN′的度數(shù)，然后根據(jù)弧長(zhǎng)公式即可解答本題.
【解答】解：作NM⊥BC于點(diǎn)M，連接MN′，
∵點(diǎn)N′和點(diǎn)M分別為線段BD′和BC的中點(diǎn)，
∴MN′= =2，
∴MN′=BM，
∴∠MBN′=∠MN′B，
∵∠A′BC=30°，
∴∠MBN′=15°，
∴∠N′MC=30°，
∴∠NMN′=60°，
∴點(diǎn)N到點(diǎn)N′的運(yùn)動(dòng)路徑長(zhǎng)為： ，
故答案為： .
【點(diǎn)評(píng)】本題考查軌跡、正方形的性質(zhì)，解題的關(guān)鍵是明確題意，找出所求問(wèn)題需要的條件.
三、解答題：本大題共7小題，共66分，解答應(yīng)寫(xiě)出文字說(shuō)明、演算步驟或推理過(guò)程.
19.如圖，正方形網(wǎng)格中的每個(gè)小正方形的邊長(zhǎng)都是1，每個(gè)小正方形的頂點(diǎn)叫做格點(diǎn).△ABC的三個(gè)頂點(diǎn)A，B，C都在格點(diǎn)上，將△ABC繞點(diǎn)A按順時(shí)針?lè)较蛐D(zhuǎn)90°得到△AB′C′.
(1)在正方形網(wǎng)格中，畫(huà)出△AB′C′;
(2)計(jì)算線段AB在變換到AB′的過(guò)程中掃過(guò)區(qū)域的面積.
【考點(diǎn)】作圖-旋轉(zhuǎn)變換;扇形面積的計(jì)算.
【分析】(1)根據(jù)旋轉(zhuǎn)的性質(zhì)得出對(duì)應(yīng)點(diǎn)旋轉(zhuǎn)后位置進(jìn)而得出答案;
(2)利用勾股定理得出AB=5，再利用扇形面積公式求出即可.
【解答】解：(1)如圖所示：△AB′C′即為所求;
(2)∵AB= =5，
∴線段AB在變換到AB′的過(guò)程中掃過(guò)區(qū)域的面積為： = π.
【點(diǎn)評(píng)】此題主要考查了扇形面積公式以及圖形的旋轉(zhuǎn)變換等知識(shí)，熟練掌握扇形面積公式是解題關(guān)鍵.
20.學(xué)生甲與學(xué)生乙學(xué)習(xí)概率初步知識(shí)后設(shè)計(jì)了如下游戲：學(xué)生甲手中有6，8，10三張撲克牌，學(xué)生乙手中有5，7，9三張撲克牌，每人從各自手中取一張牌進(jìn)行比較，數(shù)字大的為本局獲勝，每次獲取的牌不能放回.
(1)若每人隨機(jī)取手中的一張牌進(jìn)行比較，請(qǐng)列舉出所有情況;
(2)并求學(xué)生乙本局獲勝的概率.
【考點(diǎn)】列表法與樹(shù)狀圖法.
【分析】(1)根據(jù)題意可以寫(xiě)出所有的可能性;
(2)根據(jù)(1)中的結(jié)果可以得到乙本局獲勝的可能性，從而可以解答本題.
【解答】解：(1)由題意可得，
每人隨機(jī)取手中的一張牌進(jìn)行比較的所有情況是：
(6，5)、(6，7)、(6，9)、
(8，5)、(8，7)、(8，9)、
(10，5)、(10，7)、(10，9);
(2)學(xué)生乙獲勝的情況有：(6，7)、(6，9)、(8，9)，
∴學(xué)生乙本局獲勝的概率是： = ，
即學(xué)生乙本局獲勝的概率是 .
【點(diǎn)評(píng)】本題考查列表法與樹(shù)狀圖法，解題的關(guān)鍵是明確題意，找出所求問(wèn)題需要的條件.
21.(10分)(2016秋•河西區(qū)期末)如圖，在△ABC中，DE∥BC，分別交AB、AC于點(diǎn)D、E，若AD=3，DB=2，BC=6，求DE的長(zhǎng).
【考點(diǎn)】相似三角形的判定與性質(zhì).
【分析】首先根據(jù)DE∥BC證得兩三角形相似，利用相似三角形的對(duì)應(yīng)邊的比相等列式計(jì)算即可.
【解答】解：∵DE∥BC，
∴△ADE∽△ABC，
∴ ，
又∵AD=3，DB=2，BC=6，
∴AB=AD+DB=5，
即： = ，
∴DE= .
【點(diǎn)評(píng)】此題考查了相似三角形的判定與性質(zhì)，解題的關(guān)鍵是能夠根據(jù)平行得到相似，并得到比例式后代入計(jì)算.
22.(10分)(2016秋•河西區(qū)期末)已知二次函數(shù)y=2x2﹣4x+1
(1)用配方法化為y=a(x﹣h)2+k的形式;
(2)寫(xiě)出該函數(shù)的頂點(diǎn)坐標(biāo);
(3)當(dāng)0≤x≤3時(shí)，求函數(shù)y的最大值.
【考點(diǎn)】二次函數(shù)的三種形式;二次函數(shù)的最值.
【分析】(1)利用配方法整理即可得解;
(2)根據(jù)頂點(diǎn)式解析式寫(xiě)出頂點(diǎn)坐標(biāo)即可;
(3)根據(jù)增減性結(jié)合對(duì)稱軸寫(xiě)出最大值即可;
【解答】解：(1)y=﹣2(x2+2x﹣ )
=﹣2(x2+2x+1﹣1﹣ )
=﹣2(x+1)2+3，
(2)頂點(diǎn)坐標(biāo)為(﹣1，3)，
(3)當(dāng)0≤x≤3時(shí)，此函數(shù)y隨著x的增大而減小，
∴當(dāng)x=0時(shí)，y有最大值是1.
【點(diǎn)評(píng)】本題考查了二次函數(shù)的三種形式的轉(zhuǎn)化，二次函數(shù)的性質(zhì)，熟練掌握配方法是解題的關(guān)鍵.
23.(10分)(2016秋•河西區(qū)期末)如圖，CD是圓O的弦，AB是直徑，且CD⊥AB，垂足為P.
(1)求證：PC2=PA•PB;
(2)PA=6，PC=3，求圓O的直徑.
【考點(diǎn)】相似三角形的判定與性質(zhì);勾股定理;垂徑定理.
【分析】(1)連接AC、BC，結(jié)合條件和垂徑定理可證明△APC∽△CPB，利用相似三角形的性質(zhì)可證得PC2=PA•PB;
(2)把PA、PC的長(zhǎng)代入(1)中的結(jié)論，可求得PB，則可求得AB的長(zhǎng).
【解答】(1)證明：
如圖，連接AC、BC，
∵CD⊥AB，AB是直徑，
∴ = ，
∴∠CAB=∠BCP，
∵∠CPA=∠CPB=90°，
∴△APC∽△CPB，
∴ = ，即PC2=PA•PB;
(2)解：
將PA=6，PC=3，代入PC2=PA•PB，可得32=6PB，
∴PB=1.5，
∴AB=PA+PB=6+1.5=7.5，
即圓的直徑為7.5.
【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查相似三角形的判定和性質(zhì)及垂徑定理，利用條件構(gòu)造三角形相似是解題的關(guān)鍵.
24.(10分)(2016•天津一模)已知AB為⊙O的直徑，OC⊥AB，弦DC與OB交于點(diǎn)F，在直線AB上有一點(diǎn)E，連接ED，且有ED=EF.
(Ⅰ)如圖1，求證ED為⊙O的切線;
(Ⅱ)如圖2，直線ED與切線AG相交于G，且OF=1，⊙O的半徑為3，求AG的長(zhǎng).
【考點(diǎn)】切線的判定.
【分析】(1)連接OD，由ED=EF可得出∠EDF=∠EFD，由對(duì)頂角相等可得出∠EDF=∠CFO;由OD=OC可得出∠ODF=∠OCF，結(jié)合OC⊥AB即可得知∠EDF+∠ODF=90°，即∠EDO=90°，由此證出ED為⊙O的切線;
(2)連接OD，過(guò)點(diǎn)D作DM⊥BA于點(diǎn)M，結(jié)合(1)的結(jié)論根據(jù)勾股定理可求出ED、EO的長(zhǎng)度，結(jié)合∠DOE的正弦、余弦值可得出DM、MO的長(zhǎng)度，根據(jù)切線的性質(zhì)可知GA⊥EA，從而得出DM∥GA，根據(jù)相似三角形的判定定理即可得出△EDM∽△EGA，根據(jù)相似三角形的性質(zhì)即可得出GA的長(zhǎng)度.
【解答】(1)證明：連接OD，如圖1所示.
∵ED=EF，
∴∠EDF=∠EFD，
∵∠EFD=∠CFO，
∴∠EDF=∠CFO.
∵OD=OC，
∴∠ODF=∠OCF.
∵OC⊥AB，
∴∠CFO+∠OCF=∠EDF+∠ODF=∠EDO=90°，
∴ED為⊙O的切線.
(2)解：連接OD，過(guò)點(diǎn)D作DM⊥BA于點(diǎn)M，如圖2所示.
由(1)可知△EDO為直角三角形，設(shè)ED=EF=a，EO=EF+FO=a+1，
由勾股定理得：EO2=ED2+DO2，即(a+1)2=a2+32，
解得：a=4，即ED=4，EO=5.
∵sin∠EOD= = ，cos∠EOD= = ，
∴DM=OD•sin∠EOD=3× = ，MO=OD•cos∠EOD=3× = ，
∴EM=EO﹣MO=5﹣ = ，EA=EO+OA=5+3=8.
∵GA切⊙O于點(diǎn)A，
∴GA⊥EA，
∴DM∥GA，
∴△EDM∽△EGA，
∴ ，
∴GA= = =6.
【點(diǎn)評(píng)】本題考查了切線的判定、等腰三角形的性質(zhì)、角的三角函數(shù)值、相似三角形的判定及性質(zhì)，解題的關(guān)鍵是：(1)通過(guò)等腰三角形的性質(zhì)找出∠EDO=90°;(2)通過(guò)相似三角形的性質(zhì)找出相似比.本題屬于中檔題，難度不大，解決該題型題目時(shí)，根據(jù)角的計(jì)算找出直角，從而證出切線.
25.(10分)(2016•溫州)如圖，拋物線y=x2﹣mx﹣3(m>0)交y軸于點(diǎn)C，CA⊥y軸，交拋物線于點(diǎn)A，點(diǎn)B在拋物線上，且在第一象限內(nèi)，BE⊥y軸，交y軸于點(diǎn)E，交AO的延長(zhǎng)線于點(diǎn)D，BE=2AC.
(1)用含m的代數(shù)式表示BE的長(zhǎng).
(2)當(dāng)m= 時(shí)，判斷點(diǎn)D是否落在拋物線上，并說(shuō)明理由.
(3)若AG∥y軸，交OB于點(diǎn)F，交BD于點(diǎn)G.
?、偃簟鱀OE與△BGF的面積相等，求m的值.
?、谶B結(jié)AE，交OB于點(diǎn)M，若△AMF與△BGF的面積相等，則m的值是 .
【考點(diǎn)】二次函數(shù)綜合題.
【分析】(1)根據(jù)A、C兩點(diǎn)縱坐標(biāo)相同，求出點(diǎn)A橫坐標(biāo)即可解決問(wèn)題.
(2)求出點(diǎn)D坐標(biāo)，然后判斷即可.
(3)①首先根據(jù)EO=2FG，證明BG=2DE，列出方程即可解決問(wèn)題.
②求出直線AE、BO的解析式，求出交點(diǎn)M的橫坐標(biāo)，列出方程即可解決問(wèn)題.
【解答】解：(1)∵C(0，﹣3)，AC⊥OC，
∴點(diǎn)A縱坐標(biāo)為﹣3，
y=﹣3時(shí)，﹣3=x2﹣mx﹣3，解得x=0或m，
∴點(diǎn)A坐標(biāo)(m，﹣3)，
∴AC=m，
∴BE=2AC=2m.
(2)∵m= ，
∴點(diǎn)A坐標(biāo)( ，﹣3)，
∴直線OA為y=﹣ x，
∴拋物線解析式為y=x2﹣ x﹣3，
∴點(diǎn)B坐標(biāo)(2 ，3)，
∴點(diǎn)D縱坐標(biāo)為3，
對(duì)于函數(shù)y=﹣ x，當(dāng)y=3時(shí)，x=﹣ ，
∴點(diǎn)D坐標(biāo)(﹣ ，3).
∵對(duì)于函數(shù)y=x2﹣ x﹣3，x=﹣ 時(shí)，y=3，
∴點(diǎn)D在落在拋物線上.
(3)①∵∠ACE=∠CEG=∠EGA=90°，
∴四邊形ECAG是矩形，
∴EG=AC=BG，
∵FG∥OE，
∴OF=FB，∵EG=BG，
∴EO=2FG，
∵ •DE•EO= •GB•GF，
∴BG=2DE，
∵DE∥AC，
∴ = = ，
∵點(diǎn)B坐標(biāo)(2m，2m2﹣3)，
∴OC=2OE，
∴3=2(2m2﹣3)，
∵m>0，
∴m= .
?、凇逜(m，﹣3)，B(2m，2m2﹣3)，E(0，2m2﹣3)，
∴直線AE解析式為y=﹣2mx+2m2﹣3，直線OB解析式為y= x，
由 消去y得到﹣2mx+2m2﹣3= x，解得x= ，
∴點(diǎn)M橫坐標(biāo)為 ，
∵△AMF的面積=△BFG的面積，
∴ •( +3)•(m﹣ )= •m• •(2m2﹣3)，
整理得到：2m4﹣9m2=0，
∵m>0，
∴m=
看了“初三數(shù)學(xué)上期末考試題”的人還看了：
初三數(shù)學(xué)上期末考試題(2)
